洛谷P1345
假设原来的点编号为i，总共有n个点，那么我们就把每个点拆成两个点，编号分别为i和i+n。其中点i负责连接原图中连入这个点的边，点i+n负责连原图中连出这个点的边。
add ( i, i+n, 1 ) ;
add ( i+n, i, 0 ) ;
对于原图中本来就存在的边，它们只是有一个联通的作用，对于流量并没有限制，所以明确一点：这些边加入网络中限制应该为无限大。
假设现在要从原图中添加一条从x到y的有向边（这道题是无向边，再依下面的方法添加一个y到x的就行了）到网络中去，对于点y来说，这条边的加入不应该影响通过它的流量限制（就是前面连的那个1）发生变化，所以前面那条y到y+n的边应该接在这条边的后面，所以这条边的终点连向网络中的y，相反的，这条边应该受到x的（前面连的1）限制。因为，假设x已经被删（x到x+n满流），那么这条边再加不加都是没有变化的。所以，这条边在网络中的起点应该是x+n，这样才保证受到限制。
add ( y+n, x, 无限大 ) ;
add ( x, y+n, 0 ) ;
add ( x+n, y, 无限大 ) ;
add ( y, x+n, 0 ) ;
code:
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=210,M=(600<<2)+(N<<1),INF=0x3f3f3f3f;
struct edge{int v,c,ne;}e[M];
int h[N],cur[N],d[N],id=1;
int n,m,s,t;
void add(int u,int v,int c){e[++id]={v,c,h[u]};h[u]=id;
}
bool bfs(){memset(d,0,sizeof(d));queue<int> q;q.push(s);d[s]=1;while(q.size()){int u=q.front();q.pop();for(int i=h[u];i;i=e[i].ne){int v=e[i].v;if(d[v]==0&&e[i].c){d[v]=d[u]+1;q.push(v);if(v==t)return true;}}}return false;
}int dfs(int u,int mf){if(u==t)return mf;int sum=0;for(int i=cur[u];i;i=e[i].ne){int v=e[i].v;cur[u]=i;if(d[v]==d[u]+1&&e[i].c){int f=dfs(v,min(mf,e[i].c));mf-=f;sum+=f;e[i].c-=f;e[i^1].c+=f;if(mf==0)break;}}if(sum==0)d[u]=0;return sum;
}
int dinic(){int flow=0;while(bfs()){memcpy(cur,h,sizeof(h));flow+=dfs(s,INF);}return flow;
}
int main(){cin.tie(nullptr)->sync_with_stdio(false);cin>>n>>m>>s>>t;add(s,s+n,INF);add(s+n,s,0);add(t,t+n,INF);add(t+n,t,0);for(int i=1;i<=n;i++){if(i==s||i==t)continue;add(i,i+n,1);add(i+n,i,0);}t=t+n;for(int i=1;i<=m;i++){int u,v;cin>>u>>v;add(u+n,v,INF);add(v,u+n,0);add(v+n,u,INF);add(u,v+n,0);}cout<<dinic()<<endl;return 0;
}