C. Brackets Stack Query
题目大意
给予你 1 个空的字符串与 \(q\) 个询问，形如 1 ( 的询问将在字符串后增加 1 个 ( 字符，形如 2 的询问将会移除最后 1 个字符。在每次询问之后，你需要回答当前字符串中的左右括号是否能恰好匹配。
解法
性质：让我们假定存在 1 个只含有 ( 和 ) 的字符串 \(S\) ，再假定 1 个数组 \(A\) ，其中 \(A_0 = 0\) 且 \(A_i = A_{i-1} + S_i\) ，在这里我们认为， '(' = 1 ，同时 ')' = -1 。可以容易看出当 \(A_{|S|}=0\) 时，左右括号数量是相等的。同时，也容易发现如果 \(A\) 中有小于 0 的项，则一定有某个时刻右括号多于左括号。一旦这种情况发生，无论后面补上了多少左括号都没法做到匹配。
因此，我们要动态维护一个支持 \(O( 1)\) 入栈，出栈和查询栈内最小值的数据结构。这里采用第二个栈来保存历史上每个时刻的最小值，这样就可以在出栈后进行还原。也就是在第二个栈入栈时要和栈顶比较，如果小于栈顶直接入栈，如果大于栈顶就将栈顶再次入栈。在出栈时，两个栈顶同时出栈。这样，第二个栈的栈顶就一直维护了第一个栈的最小值数据。
代码实现
具体实现上，由于 cin 和 cout 常数很大，需要优化一下，否则会 TLE。
#include <bits/stdc++.h>#define pb push_back
#define ob pop_backusing namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn = 2e5 + 5;
const int mod = 1e9 + 7;ll q;int main() {cin.tie(0) -> sync_with_stdio(0);cin >> q;vector<int> A{0}, B{0};for(int i = 1; i <= q; i ++) {int op = 0;cin >> op;if(op == 1) {char c;cin >> c;A.pb(A.back() + (c == '(' ? 1 : -1));B.pb(min(A.back(), B.back()));} else {A.ob();B.ob();}cout << ((A.back() == 0 && B.back() == 0) ? "Yes" : "No") << '\n';}
}
D. 183184
题目大意
定义函数 \(f(x,y)\) 就是将 \(x\) 和 \(y\) 两个数前后拼接在一起。现在给你 2 个正整数 \(C,D\) ，找到满足下列 2 个条件的正整数 \(x\) 的个数。
- \(1\le x \le D\)
- \(f(C, C+x)\) 为完全平方数
解法
假定 \(C +x\) 共有 \(d\) 位，那么 \(x\) 必须要满足：
- \(1\le x \le D\)
- \(10^{d-1}-C\le x\le 10^d - 1 -C\)
那么容易定义 \(x\) 的上下界：\(L = \max(1, 10^{d-1} - C)\) ，\(R=\min(10^d-1-C, D)\).
因为我们已经假定了 \(C +x\) 共有 \(d\) 位，因此在这个条件下，题目要求的完全平方数的取值范围在 \([\ C\times 10^d + C +L\ ,C\times10^{d} + C + R\ ]\) .
一个结论是，总共有 \(\lfloor \sqrt{k} \rfloor\) 个小于 \(k\) 的完全平方数，因此在 \(d\) 位的条件下满足条件的答案的个数应当是 \(\lfloor\sqrt{C\times10^{d} + C + R}\rfloor -\lfloor\sqrt{\ C\times 10^d + C +L-1}\rfloor\) .
现在只需要求出每个可能的 \(d\) 的答案之和就可以了。
代码实现
#include <bits/stdc++.h>using namespace std;
typedef long long ll;ll t, c, d;ll f (ll x) {ll y = sqrt(x);while (y * y > x) y--;while ((y + 1) * (y + 1) <= x) y++;return y;
}void solve() {cin >> c >> d;ll ans = 0;ll xmin = 1, xmax = 9, cshift = 10;while(xmin <= c + d) {ll l = max(xmin, c + 1);ll r = min(xmax, c + d);if(l <= r) {ll vl = c * cshift + l;ll vr = c * cshift + r;ans += f(vr) - f(vl - 1);}xmin *= 10;xmax = (xmax + 1) * 10 - 1;cshift *= 10;}cout << ans << endl;
}int main() {cin.tie(0) -> sync_with_stdio(0);cin >> t;while(t --) {solve();}
}